Intégrale et constante de Catalan
Réponses
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Chez moi, ça marche, voici ce que je vois !
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Je me suis lancé avec l'espoir de trouver
J'ai posé u égal à xy,
Et v égal à la racine de u,
Mais je me suis retrouvé face à un mur,
$4\int_0^1 \frac{\arccos v}{1-v^2}\, dv $
Une intégrale complexe, mystérieuse,
Qui me semble bien obscure,
Et que je ne sais comment rendre harmonieuse.
A moitié endormi, Je ne trouve pas la bonne voie.
Et pourtant, il est naturel de poser,
De tels changements pour avancer,
En acceptant de ne pas tout savoir,
Je savoure la beauté de l'instant présent,
Avec la certitude que G se cache dans l'intégrale de FDP.
Le 😄 Farceur -
LOL, c'était évident sous mon nez,En posant w égal à arccos v,J'ai finalement trouvé le bonheur.Une intégrale bien connue de moi,Que j'avais étudié dans mes années d'université,4 fois l'intégrale de w sur sinus w,Et j'ai souri, soulagé et émerveillé,De voir à quel point tout était lié à la constante GLe 😄 Farceur
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Pour calculer $I=\displaystyle\int_0^1\int_0^1\frac{1}{(1-xy)\sqrt{x}\sqrt{1-y}}dxdy$ je pose $x=\sin^2t$ et $y=1-u^2$.Cela donne $I=4\displaystyle\int_0^{\pi/2}\int_0^1\frac{\cos t}{\cos^2t+u^2\sin^2t}dtdu$.Puis $I=4\displaystyle\int_0^{\pi/2}\frac1{\sin t}[\arctan(u\tan t)]_{u=0}^{u=1} dt=4\int_0^{\pi/2}\frac{t}{\sin t}dt$.Par $x=\tan\frac t2$ on obtient $I=8\displaystyle\int_0^{1}\frac{\arctan x}{x}dx=8G$.
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\begin{align}J&=\int_0^1\int_0^1\frac{1}{(1-xy)\sqrt{x}\sqrt{1-y}}dxdy\\
&\overset{u=\sqrt{x},v=\sqrt{1-y}}=4\int_0^1\int_0^1 \frac{1}{1-u^2(1-v^2)}dudv\\
&=4\int_0^1 \left[\frac{\text{arctanh}\left(u\sqrt{1-v^2}\right)}{\sqrt{1-v^2}}\right]_{u=0}^{u=1}dv=4\int_0^1 \frac{\text{arctanh}\left(\sqrt{1-v^2}\right)}{\sqrt{1-v^2}}dv\\
&\overset{z=\frac{1-\sqrt{\frac{1-v}{1+v}}}{1+\sqrt{\frac{1-v}{1+v}}}}=-8\int_0^1 \frac{\ln z}{1+z^2}dz=\boxed{8\text{G}}
\end{align}
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