Série infinie pour $\ln \phi$
Bon après-midi !
Quelqu’un peut-il prouver la formule suivante.
$$\ln \phi=\frac{\sqrt{5}}{2}\displaystyle\sum_{n=1}^{\infty}\frac{(-1)^{n-1}}{\binom{2n}{n}n}$$
où $\phi$ est le nombre d’or.
Le calcul numérique: SageMathCell
Quelqu’un peut-il prouver la formule suivante.
$$\ln \phi=\frac{\sqrt{5}}{2}\displaystyle\sum_{n=1}^{\infty}\frac{(-1)^{n-1}}{\binom{2n}{n}n}$$
où $\phi$ est le nombre d’or.
Le calcul numérique: SageMathCell
Réponses
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$\sum_{n=1}^{+\infty}\frac{(4z^2)^n}{n\binom{2n}{n}}=\frac{2z\arcsin(z)}{\sqrt{1-z^2}}$
puis $z=\frac{i}{2}$ donne le résultat me semble t-il au signe près.
$\arcsin(\frac{i}{2})=i\ln(\phi)$ -
Cet $\arcsin$ complexe me pique les yeux et pour pouvoir poser ça en Math Spé ou Math Sup, je préfère traverser le miroir et écrire :$\sum_{n=1}^{+\infty}\frac{(-1)^{n-1}(4x^2)^n}{n\binom{2n}{n}}=\frac{2x \arg \sinh x}{\sqrt{1+x^2}}$.Ou ce qui revient au même : $\sum_{n=1}^{+\infty} \frac{(-1)^{n-1} 2^{2n-1}}{n\binom{2n}{n}} $$x^{2n-1}=\frac{ \arg \sinh x}{\sqrt{1+x^2}}$.Ça ne coûte pas plus cher à démontrer, et on reste peinards dans $\mathbb R$.
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Je suis d'accord avec Chaurien. On en déduit une curieuse formule :
$$\left(\sum_{n=1}^{+\infty}\frac{(-1)^{n-1}4^n}{n\binom{2n}{n}}\right)^2=\sum_{n=1}^{+\infty}\frac{(-1)^{n-1}4^n}{n^2\binom{2n}{n}}$$ -
Bravo Jandri! C'est étonnant
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Eh oui : primitivation...
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Pour la petite histoire, la première référence que je connaisse de ce problème, c'est le concours Putnam, 1948, problème 6, qui demandait de démontrer le développement en série entière de $f(x)=\frac{\arcsin x }{\sqrt{1-x^2}}$. Bien sûr on pourrait le déterminer par le produit de Cauchy, mais on peut former une équation différentielle linéaire du premier ordre très simple dont $f(x)$ est solution, et qui donne ce développement en série entière sous une forme simple. Par primitivation, on obtient le développement en série entière de $(\arcsin x)^2$, et on peut en déduire un calcul numérique de $\pi^2$ avec une assez grande précision pour peu de termes.
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