Un déterminant multiple de la somme des inverses des entiers...?
Bonjour.
Dans un vieil "officiel de la taupe", j'ai lu exercice comme ça, qui m'a l'air bancal :
Dans un vieil "officiel de la taupe", j'ai lu exercice comme ça, qui m'a l'air bancal :
Montrer que $$\begin{vmatrix}3&1&0&...&0\\1&5&1&\ddots&\vdots\\0&4&\ddots&\ddots&0\\\vdots&\ddots&\ddots&2n-1&1\\0&...&0&n^2&2n+1\end{vmatrix}=(n+1)!\sum_{k=1}^{n+1}\frac1k$$
J'ai du mal à rectifier cet énoncé... ça vous rappelle quelque chose ?
Merci !
J'ai du mal à rectifier cet énoncé... ça vous rappelle quelque chose ?
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Réponses
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Je trouve $(n+1)!\Big( \dfrac{5}2 \displaystyle \sum_{k=1}^{n+1}\dfrac 1 k - \dfrac 9 4\Big)$.Ca se démontre par récurrence double.
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Mais...la diagonale comporte n termes (les 2k+1 pour k allant de 1 à n),la sous-diagonale comporte n termes (les k^2 pour k allant aussi de 1 à n).Pas très cohérent.Comment as-tu résolu ce problème (d'énoncé) ?
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J'avais pas vérifié la cohérence du det.J'ai bêtement résolu la récurrence $D_n = (2n+1)D_{n-1} - n^2 D_{n-2}$ avec les conditions initiales $D_1 = 3$ et $D_2 = 14$.Avec les (probablement) bonnes conditions initiales $D_1 = 1$ et $D_2 = 2$, je trouve
$(n+1)!\Big( -\dfrac{1}2 \displaystyle \sum_{k=1}^{n+1}\dfrac 1 k + \dfrac 5 4\Big)$.
Ca se démontre par récurrence double. -
Ok.Bon, on parle un peu hors-sol, parce qu'on n'a pas d'énoncé correct, mais :- je vois d'où vient la relation de récurrence double- pas comment tu établis une conjecture pour faire la preuve par récurrence (ou qu'est-ce qui m'échappe d'autre ?)Merci
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Prends pour diagonale $1,3, 5,...$ jusqu'à $2n+1$. Ca fait $n+1$ termes.J'appelle $D_n$ le déterminant (d'ordre $n+1$) obtenu.En développant par rapport à la dernière colonne, puis par rapport à la dernière ligne j'obtiens la relation de récurrence précitée.Par contre, j'ai merdé dans les conditions initiales : c'est $D_0=1$ et $D_1 = 2$, ce qui donne $(n+1)!$ en fait.
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Sinon, si on garde la diagonale et la sur-diagonale et que l'on modifie la sous diagonale en la faisant démarrer à 4, on trouve un déterminant d'ordre n qui vaut bien $(n+1)! H_{n+1}$.
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ça ?$$\begin{vmatrix}3&1&0&...&0\\4&5&1&\ddots&\vdots\\0&9&\ddots&\ddots&0\\\vdots&\ddots&\ddots&2n-1&1\\0&...&0&n^2&2n+1\end{vmatrix}=(n+1)!\sum_{k=1}^{n+1}\frac1k$$ ??Mais je ne sais pas résoudre le type de récurrence double que tu évoques (les coefficients ne sont pas constants !).Edit : j'ai fait un peu de méli-mélo entresuites récurrentes linéaire d'ordre 2 (à coefficients non constants)
et
démonstration par récurrence d'ordre 2. -
Ok.
Si, comme ici, on me donne le résultat, je sais le démontrer (ça fonctionne à partir de $n=3$) : récurrence double, et hop.
Merci ! -
Même pour $n=1$ et $n=2$, ça fonctionne. Les déterminants valent respectivement $3$ et $11$.
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Bonjour!
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