Un résultat de Aliyev
Bonjour
Je propose ce problème.
Je propose ce problème.
Dans le triangle ABC, soit $E \in AC, D \in BC$ et $F \in AB$ tels que les droites $(AD), (BE)$ et $(CF)$ soient concourantes. Soit $G \in ED$.
Montrer que $\left(\dfrac{AF}{FB}\right)^2 = \dfrac{DG}{GE} \iff \dfrac{ 1 }{[ADE]^2 } + \dfrac{ 1 }{[BDE]^2 } = \dfrac{1 }{[AEG]^2+[BDG]^2 }.$
$[ADE]$ désigne l'aire du triangle $ADE.$
Amicalement.
Réponses
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J'ai commencé en coordonnées barycentriques dans le repère $(A,B,C)$ . Sauf erreur, j'ai $E(u,0,1-u)$ ; $D(0,v,1-v)$ et $F(w, 1-w,0)$ .Ensuite, j'ai trouvé des équations barycentriques des droites :$(AD) : (v-1)y+vz=0$$(BE) : (1-u)x-uz=0$$(CF) : (w-1)x+wy=0$ .La condition "les droites $(AD)$, $(BE)$ et $(CF)$ sont concourantes" peut se traduire par l'égalité des produits vectoriels $(AD) \wedge (BE)$ et $(AD) \wedge (CF)$ si je ne m'abuse. Ce qui donne : $z=2-x$ et $y=\dfrac{x}{2(x-1)}$ .Je me suis arrêté ici pour le moment. Il faudrait calculer les longueurs $AF$ et $FB$ : ok ça c'est facile même à la main.Mais il faut calculer $DG$ et $GE$ : c'est bien plus galère à la main à moins que je ne vois pas d'astuce facile. Existe-t-il un logiciel en ligne comme ce que fait Rescassol (ou seulement un logiciel de calcul formel en ligne) pour faire cela?Et pour les calculs d'aires, je dois réfléchir à une façon de procéder en coordonnées barycentriques.
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Bonsoir,
En ligne, il existe Sagemath. Sinon, pour l'aire, voilà ma fonction Matlab:function S = AireBary(M1,M2,M3) % Valeur du rapport de l'aire du % triangle M1 M2 M3 à celle de ABC S=det([M1 M2 M3])/(sum(M1)*sum(M2)*sum(M3)); end
L'aire du triangle $ABC$ peut se calculer par la formule de Héron, mais avec une racine carrée.Cordialement,
Rescassol
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Bonjour
Il y a un lien simple entre $\dfrac {DG}{GE}$ et $\;\dfrac {\overrightarrow{DG}}{\overrightarrow{GE}}$.
Cordialement, Pierre. -
Bonjour,Je ne sais pas ce que c'est que le quotient de deux vecteurs...
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Bonjour,
Le quotient de deux vecteurs est celui des complexes associés, en l'occurrence les mesures algébriques sont de même signe et les vecteurs de même sens (Ici $\dfrac{DG}{GE}=\dfrac{1}{t}$, mais ça marche aussi si $G$ est à l'extérieur de $[DE]$).
Voilà une solution en barycentriques:% Bouzar - 16 Mai 2023 - Un résultat de Aliyev clc, clear all, close all syms a b c real % Longueurs des côtés du triangle ABC A=[1; 0; 0]; % Sommets du triangle ABC B=[0; 1; 0]; C=[0; 0; 1]; %----------------------------------------------------------------------- syms t u v w real D=[0; v; w]; E=[u; 0; w]; F=[u; v; 0]; % Les pieds céviens de [u; v; w] G=Barycentre([E, D],[1, t]); % Un point quelconque de (ED) AF2=Distance2(A,F,a,b,c); FB2=Distance2(F,B,a,b,c); % Carrés de distances DG2=Distance2(D,G,a,b,c); GE2=Distance2(G,E,a,b,c); Eq1=numden(Factor(AF2^2*GE2-FB2^2*DG2)) ADE=AireBary(A,D,E); BDE=AireBary(B,D,E); % Rapports d'aires à celle de ABC AEG=AireBary(A,E,G); BDG=AireBary(B,D,G); Eq2=numden(Factor(1/ADE^2+1/BDE^2-1/(AEG^2+BDG^2))) % Eq1 et Eq2 s'annulent simultanément si - u^2 + t*v^2 = 0
Cordialement,Rescassol
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Bonjour Rescassol,
Merci pour ta contribution.
Cordialement. -
Bonsoir,
pour commencer, j'ai recherché une traduction géométrique de la condition nécessaire qui éclaire la suite...
Sincèrement
Jean-Louis
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Bonjour,
je pensais y arriver mais je bloque...Une aide serait la bienvenue...
Sincèrement
Jean-Louis
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Bonjour,
Cette configuration correspond sur la figure ci-dessous à $M=[u; v; w]$ (point quelconque du plan) par rapport à $ABC$ et $N=[u^2; v^2; w^2]$ par rapport à $DEF$.
On sait que $u,v,w$ sont proportionnels aux aires algébriques des triangles $MBC,MCA,MAB$, et $u^2,v^2,w^2$ sont proportionnels à celles des triangles $NEF,NFD,NDE$.
Cordialement,
Rescassol
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Merci Rescassol...je continue à rechercher une solution à l'ancienne.
Bouzar avez-vous une référence de ce résultat?
Sincèrement
Jean-Louis
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Finalement, je me pose la question : la formule est-elle correcte?
Seuls Rescassol et Bouzar peuvent trancher...
Merci pour votre aide
Sincèrement
Jean-Louis
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Bonjour,
OK pour la formule que j'ai réussi à démontrer à l'ancienne...par la technique des proportions...next on my site.
Sincèrement
Jean-Louis
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Bonjour
Dans la figure ci-jointe, avec les mêmes notations, on a $N=[u^2; -v^2; w^2]$.La relation $\left(\dfrac{AF}{FB}\right)^2=\dfrac{DG}{GE}$ est toujours vraie.Par contre, la relation $\dfrac{1}{ADE^2}+\dfrac{1}{BDE^2}=\dfrac{1}{AEG^2+BDG^2}$ est fausse.On a $\dfrac{1}{ADE^2}+\dfrac{1}{BDE^2}-\dfrac{1}{AEG^2+BDG^2}=\dfrac{4(u+w)^2(v+w)^2}{w^2(u^2+v^2)}$.Mais on a $\dfrac{ADE}{BDE}=\dfrac{BDG}{AEG}=\dfrac{v}{u}$.
Cordialement,
Rescassol -
Bonjour,
avec G appartenant à ]DE[
http://jl.ayme.pagesperso-orange.fr/Docs/Autour des aires geometriques 1.pdf Problème 1Sincèrement
Jean-Louis -
Bonjour
Une contribution de Ichung Chen, sur base du schéma suivant proposé par moi (en anglais) dans un forum sur Facebook.
Mon schéma
En introduction - de ma part - à la réponse d'Ichung Chen
1/[BEF]² + 1/[CFE]² = 1/([BKF]² + [CKE]² ) à prouver
Soit LHS = 1/[BEF]² + 1/[CFE]²
(NB : Left Hand Side = côté gauche de l'égalité)
Soit RHS = 1/([BKF]² + [CKE]² )1/[BEF]² + 1/[CFE]² = 1/([BKF]² + [CKE]² )
⇔
[ABC]² LHS = [ABC]² RHS[ABC]² LHS
= [ABC]² / [BEF]² + [ABC]² / [CFE]²
[ABC]² RHD
= [ABC]² /([BKF]² + [CKE]² )
⇒
1/([ABC]² RHD)
= [BKF]²/[ABC]² + [CKE]²/[ABC]²Et la réponse d'Ichung Chen proprement dite reprise telle que reçue.
denote AF/FB = p, AE/EC = q
[ABC]/[BEF] = (p+1)(q+1)/q
[ABC]².LHS = (p+1)²(q+1)².(1/p²+1/q²)
[BKF]/[ABC] = (p²/(p²+q²)).(q/(p+1)(q+1))
[ABC]².RHS = (p²+q²)²(p+1)²(q+1)²/(p²q²(p²+q²)) =
[ABC]².LHSÀ son habitude, Ichung Chen ne donne que les étapes essentielles, en suposant de la part du lecteur une bonne culture géométrique.
Cordialement,
Jean-Pol Coulon -
Bonjour,
avec retard...
http://jl.ayme.pagesperso-orange.fr/Docs/Autour des aires geometriques 1.pdf Problème 1 : une équivalence.Sincèrement
Jean-Louis
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