Endomorphisme de rang 1
Réponses
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Essaye de le démontrer par écrit si tu n'y arrives pas de tête.
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Pour la 77ème fois : tout vecteur $b$ qui n'est pas inclus dans un hyperplan $H$ dirige une droite qui est supplémentaire de cet hyperplan.
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@bisam ok merci. Il suffit donc de prendre $b$ dans $Im(u)$ privé de $\ker(u)$.
@JLapin
D'accord.
Il faut montrer que $\ker(u) \cap Im(u)= \{0 \}$
Soit $x \in \ker(u) \cap Im(u)$. Alors $u(x)=0$ et il existe $y \in E$ tel que $x=u(y)$.
Comme $rg(u)=1$ il existe $\lambda \in \C$ tel que $\forall z \in E \ u(z)= \lambda z$
Donc $x= u(y)= \lambda y$ et comme $u(x)=0$ alors $\lambda^2 y=0$
Si $y=0$ alors $x=0$ et on a le résultat.
Sinon, si $y \ne 0$ alors $\lambda^2=0$ donc $\lambda=0$ et $x=0$
On a montré $\boxed{\ker(u) \cap Im(u)= \{0 \}}$ et par le théorème de rang on a la somme directe.
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Ta phrase " il existe $\lambda \in \mathbb{C}$ tel que $\forall z \in E, u(z) = \lambda z$" est fausse. C'est la définition d'une homothétie, pas d'un endomorphisme de rang 1.Il faut donc refaire une toute autre démonstration.
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"Comme $rg(u) = 1$ il existe $\lambda$ tel que pour tout $z$, $u(z) = \lambda z$"
Ce level... -
Doit faire des problèmes de Normal Sup pour progresser.
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Et lire beaucoup de rapports de jury !
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D'accord merci. Comme $u$ est de rang $1$, $Im(u)$ est une droite vectorielle. Notons la $D=\C a$ avec $a \in E$.
Soit $x \in \ker(u) \cap Im(u)$. Alors il existe $y \in E$ tel que $x=u(y)$ avec $u(x)=0$.
Comme $u(x)$ et $u(y)$ sont dans l'image de $u$ alors ils appartiennent à $D$.
Ainsi, $x \in D$ et il existe $\lambda_x$ tel que $x = \lambda_x a$ donc $u(x)= \lambda_x u(a)=0$
Je m'embourbe je ne vois pas comment faire.
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Relire l'énoncé.Ou ne pas chercher à comprendre des corrections qui présupposent bien plus que ce que tu maitrises.
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Comment faire ? Passer à une autre exercice. Ou reprendre les bases.Tu me dis, j'oublie. Tu m'enseignes, je me souviens. Tu m'impliques, j'apprends. Benjamin Franklin
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- Justifier que Im(u) est une droite.
- Justifier que cette droite contient un vecteur b qui n'est pas dans Ker(u).
- Conclure avec ce que j'ai dit précédemment.
Il n'y a AUCUN calcul à faire ! -
pas vu les messages précédents
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Non l'exercice est de difficulté moyenne, c'est Mines Telecom.
@Bisam j'essayais de faire avec une autre méthode, en démontrant directement sans utiliser les hyperplans...
$rg(u)= \dim Im(u)$ donc $Im(u)$ est une droite.
$Im(u)$ n'est pas contenu dans $\ker(u)$ donc il existe un élément dans $Im(u)$ qui n'est pas dans $\ker(u)$.
On pose $H=\ker(u)$ d'après le cours $E$ est somme directe avec un hyperplan et toute droite vectorielle engendrée par un vecteur qui n'est pas dans $H$.
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Tres drôle le "d'apres le cours"
Au moins ca t'evite de corriger ta démo de tout à l'heure -
Si je me souviens bien, $\ker(u)$, c'est l'image réciproque de $\{0\}$ par $u$.
Et donc , si $lm(u) \subset \ker(u)$ alors $u \circ u = 0$ l'application nulle.
Par ailleurs si une matrice $A$ est diagonalisable, $A^2 \neq 0$.
Mais je dois me tromper. $\ker(u)$, ça doit être autre chose, sinon c'est trop facile.
Tu me dis, j'oublie. Tu m'enseignes, je me souviens. Tu m'impliques, j'apprends. Benjamin Franklin -
Lourran oui c'est juste.
Noobey je ne sais pas faire sans le résultat du cours donné par Bisam.
Je n'ai pas réussi. -
Et pourtant, tu as essayé au moins 5 minutes. Ça doit être vraiment difficile...
[Inutile de reproduire le message précédent. AD]
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Bonsoir,
Un lien utile : https://les-mathematiques.net/vanilla/index.php?p=/discussion/2329011/diagonalisation
Soit $A$ un endomorphisme de rang 1, alors il existe $u$ et $v$ deux vecteurs non nuls tels que $A=u v^t$.
Cela peut aider... signalé sur le fil précédent.
Jean-éric -
Jean-éric je ne vois du tout comment l'utiliser ici.
Soit $A$ la matrice associée à $u$/
Soit $X \in \ker(A) \cap Im(A)$ alors $AX=0$ et $X=AY$
Donc $UV^T X=0$ et $X=UV^T Y$
Je ne vois pas quoi faire de tout ça.
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puisque Im A est dans ker A. alors A^2=0. déjà dit.
Alors A n'est pas diagonalisable car zéro est la seule valeur propre.
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On parle de la réciproque. Le sens direct est facile.
Le corrigé utilise une contraposée.
Mais je voulais démontrer $E=\ker(u) \bigoplus Im(u)$ en démontrant $Im(u) \cap \ker(u)= \{ 0\}$ mais je n'ai pas réussi.
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$Im (u)$ est de dimension 1 alors s'il avait une intersection non réduite à $0$ avec $Ker(u)$ cela signifierai qu'il est inclus dans Ker(u).Qu'y a-t-il a démontrer?Bref, l'exercice est quasiment fait 2 fois avec un lien donné ci-dessus et où tu avais terminé par "j'ai compris". Mais cela est passé aux oubliettes, et, à la place de cela, on a le droit au copié-collé du corrigé.Il ne manque plus que le rapport du Jury.
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Bien vu Bd2017 !
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OShine a dit : https://les-mathematiques.net/vanilla/index.php?p=/discussion/comment/2343425/#Comment_2343425[Inutile de recopier un message présent sur le forum. Un lien suffit. AD]
En écrivant $A=uv^t$ il est facile de déterminer Im$A$ et $\ker A$. Que vaut par exemple $Av$ ? ou bien soit $x\in v^\perp$ que vaut $Ax$ ? Cela donne alors une vision simple (à mon sens) de Im $A$ et $\ker A$, en argumentant sur la dimension et en montrant que leur intersection est réduite au vecteur nul.
C'est une "bonne" piste je pense pour répondre.
Jean-éric.
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On a $Av= u ||v ||^2$ et si $x$ est dans l'orthogonal de $v$ alors $Ax=0$
Honnêtement je ne comprends pas trop cette méthode. Ça m'a l'air de compliquer les choses, on ne connaît ni $u$ ni $v$.
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Tiens OS, toi qui aimes bien l'algèbre linéaire, tu devrais t'entraîner sur ce sujet.
En plus là, pas question d'essayer de comprendre le corrigé d'un vieux livre ou d'un vague rapport de jury -
Bonjour,
Il va nous faire le corrigé
Cordialement,
Rescassol
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Gai Requin les exos 1, 2 et 4 ne m'ont pas l'air infaisables.
Le 3 je ne peux pas faire, je ne connais pas la théorie des corps.
Le problème utilise les ensembles quotients, je n'ai jamais étudié cette notion. -
Très bien, alors montre nous que les exos 1,2,4 sont faisables
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Ok on va voir si j'ai le niveau pour faire l'exercice 1.
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Phil Caldéro dit que l'exo 1 est difficile.
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Du très classique pourtant...
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Il dit que c'est plus facile à partir de l'exercice 3.
Déjà je bloque à la première question, mais j'ai l'espoir de la trouver.
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Bonjour!
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